2018年下半年网络工程师上午试题（2018年上半年网络工程师上午真题及答案）

2018 下半年网络工程师上午试题分析与解答

试题(1)

采用n位补码(包含一个符号位)表示数据，可以直接表示数值_ (1) 。

试题分析

采用n位补码(包含一个符号位)表示数据时，用1位(最高位)表示数的符号(0正1负)，其余n-1位表示数值部分。若表示整数，可表示的最大整数的二进制形式为n-1个1 (即2-1-1)，可表示的最小整数为20-1，即二进制形式为1之后跟n-1个0，此时最高位的1即表示符号也表示数值。参考答案D

试题(2)

以下关于采用一位奇校验方法的叙述中，正确的是_ (2)_。

A.若所有奇数位出错，则可以检测出该错误但无法纠正错误

B.若所有偶数位出错，则可以检测出该错误并加以纠正

C.若有奇数个数据位出错，则可以检测出该错误但无法纠正错误

D.若有偶数个数据位出错，则可以检测出该错误并加以纠正

试题(2)分析

奇偶校验(Parity Codes)是一种简单 有效的校验方法。这种方法通过在编码中增加- -位校验位来使编码中1的个数为奇数(奇校验)或者为偶数(偶校验)，从而使码距变为2。对于奇校验或偶校验方法，它可以检测代码中奇数位出错的编码，但不能发现偶数位出错的情况，即当合法编码中的奇数位发生了错误时，编码中的1变成0或0变成I,则该编码中1的个数的奇偶性就发生了变化，从而可以发现错误，但是不能确定出错的数据位置，从而无法纠正错误。参考答案C

试题(3)

下列关于流水线方式执行指令的叙述中，不正确的是_ (3)_。

(1) A.流水线方式可提高单条指令的执行速度

B流水线方式下可同时执行多条指令C.流水线方式提高了各部件的利用率D.流水线方式提高了系统的吞吐率

试题(3)分析

流水(pting) 技术是把并行性或并发性嵌入到计算机系统里的一种形式，它把分解为若干子过程，每个子过程能在专用的独立模块上有效地并发工作。显然，对于单条指令而言，其执行过程中的任何步都不能 n却且需按顺序执行，所以“流水线方式可提高单条指令的执行速度”的说法是错误的。参考答案(3) A

试题(4)

在存储体系中位于主存与CPU之间的高速缓存(Cache) 用于存放主存中部分信息的副本，主存地址与Cache地址之间的转换工作_ (4)。

A.由系统软件实现 B.由硬件自动完成

C由应用软件实现 D.由用户发出指令完成

试题(4)分析

计算机系统中包括各种存储器，如CPU内部的通用寄存器组和Cache(高速缓存)、CPU外部的Cache、主板上的主存储器、主板外的联机(在线)磁盘存储器以及脱机(离线)的磁带存储器和光盘存储器等。不同特点的存储器通过适当的硬件、软件有机地组合在一起形成计算机的存储体系层次结构，位于更高层的存储设备比较低层次的存储设备速度更快、单位比特造价也更高。其中，Cache和主存之间的交互功能全部由硬件实现，而主存与辅存之间的交互功能可由硬件和软件结合起来实现。参考答案(4) B

试题(5)

在指令系统的各种寻址方式中， 获取操作数最快的方式是_ (5)

A.直接寻址 B.间接寻址 C.立即寻址 D.寄存器寻址

试题(5)分析

寻址方式就是处理器#根据指令中给出的地址信息来寻找有效地址的方式，是确定本条指令的数据地址以及下一条要执行的指令地址的方法。直接寻址是一种基本的寻址方法，其特点是:在指令格式的地址字段中直接指出操作数在内存的地址。

间接寻址是相对直接寻址而言的，在间接寻址的情况下，指令地址字段中的形式地址不是操作数的真正地址，而是操作数地址的指示器。

指令的地址字段指出的不是操作数的地址，而是操作数本身，这种寻址方式称为立即寻址。立即寻址方式的特点是指令执行时间很短，因为它不需要访问内存取操作数，从而节省了访间内存的时间。

当操作数不放在内存中，而是放在CPU的通用寄存器中时，是寄存器寻址方式。

参考答案C

试题(6)

有可能无限期拥有的知识产权是_ (6)__。

A.著作权 B.专利权 C.商标权 D.集成电路布图设计权

试题(6)分析

我国著作权法采用自动保护原则。人身权中的署名权、修改权、保护作品完整权无期限;作品发表权及财产权有保护期限。作品的作者是公民的，保护期限至作者死亡之后第50年的12月31日;作品的作者是法人、其他组织的，保护期限到作者首次发表后第50年的12月31日:但作品自创作完成后50年未发表的，不再受著作权法保护。

专利权(Patent Right),简称“专利”，是发明创造人或其权利受让人对特定的发明创造在定期限内 依法字有的独占实施权，是知识产权的一一种。专利权 具有时间性、地域性及排他性。

商标权，是指商标所有人对其商标所亨有的独占的、排他的权利。在我国由于商标权的取得实行注册原则，因此，商标权实际上是因商标所有人申请、经国家商标局确认的专有权利，即因商标注册而产生的专有权。根据商标法规定，商标权有效期10年，自核准注册之日起计算，期满前12个月内申请续展，在此期间内未能申请的，可再给予6 个月的宽展期。续展可无限重复进行，每次续展注册的有效期为10年。自该商标上 届有效期满次日起计算。期满未办理续展手续的，注销其注册商标。

集成电路布图设计权是一项独立的知识产权，是权利持有人对其布图设计进行复制和商业利用的专有权利。布图设计权的主体是指依法能够取得布图设计专有权的人，通常称为专有权人或权利持有人。集成电路布图设计权保护期为10年，自登记申请或首次投入商业利用之日，以较前者为准: 创作完成 15年后，不受条例保护。

参考答案(6) C

试题(7)、(8)

某软件项目的活动图如下图所示，其中顶点表示项目里程碑，连接顶点的边表示包含的活动，边上的数字表示活动的持续时间(天),则完成该项目的最少时间为_ (7) 天。活动FG的松弛时间为_ (8) 天。

（7）A 20 B 37 C38 D46

（8）A9 B10 C18 D26

试题(7)、(8)分析

根据上图计算出关键路径为A-D-FHJ其长度为46.

活动FG最早从第19天开始，最晚第37天开始，因此其松地时间为18天。或者计算出活动FG所在的最长路径的长度为28天，即路径A-D-F-G-1,而根据前面计算关键路径长度为46天，因此该活动的松他时间为46 -28=18天。参考答案(7)D(8)C

试题(9)

某计算机系统中互斥资源R的可用数为8,系统中有3个进程P1、P2和P3竞争只，且每个进程都需要i个R,该系统可能会发生死锁的最小i值为_ (9)_。

(9) A. 1 B.2 C. 3 D. 4

试题(9)分析

选项A是错误的。因为每个进程都需要1个资源R，系统为PI、P2 和P3进程各分配1个，系统中资源R的可用数为5,P1、P2和P3进程都能得到所需资源而运行结束，故不发生死锁。

选项B是错误的。因为P1、P2和P3进程都需要2个资源R，系统为这3个进程各分配2个，系统中资源R的可用数为2,P1、P2和P3进程都能得到所需资源而运行结束，故也不发生死锁。

选项C是错误的。因为P1、P2 和P3进程都需要3个资源R，假设系统可为P1、P2进程各分配3个资源R，为P3进程分配2个资源R，那么系统中资源R的可用数为0。尽管系统中资源R的可用数为0，但P1、P2进程能得到所需资源而运行结束，并释放资源。此时，系统可将释放的资源分配给P3进程，故P3也能运行结束。可见系统也不发生死锁。

选项D是正确的。因为每个进程都需要4个资源R，假设系统可为P1、P2 进程各分配3个资源R，为P3进程分配2个资源R，那么系统中资源R的可用数为0。此时，P1和P2各需I个资源、P3需要2个资源，它们申请资源R都得不到满足，故发生死锁。

参考答案 D

试题(10)

以下关于信息和数据的描述中，错误的是_ (10) 。

A.通常从数据中可以提取信息 B.信息和数据都由数字组成

C.信息是抽象的、数据是具体的D. 客观事物中都蕴涵着信息

试题(10)分析

信息反映了客观事物的运动状态和方式，数据是信息的物理形式。信息是抽象的，数据是具体的，从数据中可以抽象出信息。信息是指以声音、语言、文字、图像、动画、气味等方式所表示的实际内容，是事物现象及其属性标识的集合，是人们关心的事情的消息或知识，是由有意义的符号组成的。例如，图片信息是种消息， 通常以文字、 声音或图像的形式来表现，是数据按有意义的关联排列的结果。参考答案B

试题(11)

设信号的波特率为800Baud,采用幅度-相位复合调制技术，由4种幅度和8种相位组成16 种码元，则信道的数据速率为_ (11)。

A. 1600 b/s B.2400 b/s C.3200 b/s D.4800 b/s

试题(11)分析

4种幅度和8种相位组成16种码元，每个码元表示的数据为4比特，故信道的数据速率为800X 4=3200 b/s。参考答案 C

试题(13)以下关于DPSK调制技术的描述中，正确的是(13)_.

A.采用2种相位，一 种固定表示数据“0”，一种固定表示数据“1”

B.采用2种相位，通过前沿有无相位的改变来表示数据“0”和“1”

C.采用4种振幅，每个码元表示2比特

D.采用4种频率，每个码元表示2比特试题(13)分析

DPSK即差分相移键控，采用2种相位，通过前沿有无相位的改变来表示数据“0和“1”。参考答案 (13) B

试题(14)下面关于Manchester编码的叙述中，错误的是__ (14) 。

A. Manchester 编码是一种双相码B. Manchester 编码是一种归零码

C. Manchester 编码提供了比特同步信息D. Manchester编码应用在以太网中

试题(14) 分析

Manchester编码是一种双相码， 每个比特中间都已跳变，提供比特同步信息。Manchester编码应用在以太网中。参考答案 (14) B

试题(15)

假设模拟信号的频率范围为2~ 8MHz，采样频率必须大于_ (15) 时，才能使得到的样本信号不失真。

A. 4MHz B.6MHz C.12MHz D.16MHz

试题(15) 分析

采样定理为以最高频率2倍采样得到的样本信号不失真，因此采样频率必须大于16MHz。参考答案(15) D

试题(16)

设信道带宽为1000Hz,信噪比为30dB,则信道的最大数据速率约为_ (16) b:/s

A. 10 000 B.20 000 C.30 000 D.40000

试题(16)分析计算过程如下：

参考答案A

试题(17)

设信道带宽为5000Hz，采用PCM编码，采样周期为125us， 每个样本量化为256个等级，则信道的数据速率为_ (17)。

A. 10kb/s B.40kb/s C.56kb/s D.64kb/s

试题(17)分析

由采样周期为125ps得采样次数为8000次秒。因此信道的数据速率为8000X8= 64 00bs参考答案(17) D

试题(18)使用ADSL接入Iternet,用户端需要安装_ (18) 协议。

A. PPP B. SLIP C. PPTP D. PPPoE

分析使用ADSL接入Internet,用户端需要安装PPoE协议。

参考答案 D

试题(19)

下列关于OSPF协议的说法中，错误的是_ (19) 。

A. OSPF的每个区域(Area)运行路由选择算法的一个实例

B. OSPF采用Dijkstra算法计算最佳路由

C.OSPF路由器向各个活动端口组播Hello分组来发现邻居路由器

D. OSPF协议默认的路由更新周期为30秒

试题分析

OSPF采用链路状态路由技术，使用Dijkstra算法计算最佳路由，使用每个区域( Area)运行路由选择算法的一个实例， 各个活动端口组播Hello分组来发现邻居路由器。当出现故障或状态发生变化时发送路由更新通知。参考答案 D